a, PT: \(CH_4+2O_2\underrightarrow{t^o}CO_2+2H_2O\)

\(2H_2+O_2\underrightarrow{t^o}2H_2O\)

Ta có: \(n_{CH_4}+n_{H_2}=\dfrac{11,2}{22,4}=0,5\left(mol\right)\left(1\right)\)

Theo PT: \(n_{H_2O}=2n_{CH_4}+n_{H_2}=\dfrac{16,2}{18}=0,9\left(mol\right)\left(2\right)\)

Từ (1) và (2) \(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}n_{CH_4}=0,4\left(mol\right)\\n_{H_2}=0,1\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\%V_{CH_4}=\dfrac{0,4.22,4}{11,2}.100\%=80\%\\\%V_{H_2}=20\%\end{matrix}\right.\)

b, Theo PT: \(n_{CO_2}=n_{CH_4}=0,4\left(mol\right)\Rightarrow V_{CO_2}=0,4.22,4=8,96\left(l\right)\)

Đáp án A

Vì nên hidrocacbon X là ankan.

Khi đó  

Vậy X là C5H12

Vậy

Đáp án A

Ta có:  n C 5 H 12   b a n   đ ầ u   = 11 , 2 22 , 4 = 0 , 5   m o l  

Đốt cháy 7,2g hidrocacbon X trong hỗn hợp A →  11,2 lít CO₂ + 10,8 g H₂O.

n C O 2 = 11 , 2 22 , 4 = 0 , 5   m o l   ;   n H 2 O   = 10 , 8 18 = 0 , 6   m o l  

Ta thấy: n H 2 O > n C O 2 => hidrocacbon X là ankan.

Vì n X = n H 2 O   - n C O 2  = 0,6 – 0,5 = 0,1 mol

=> M_X = 7 , 2 0 , 1 = 72 <=> 14n + 2 = 72 => n =5

Vậy hidrocacbon X đem đốt là C₅H₁₂ và đây cũng chính là lượng C₅H₁₂ chưa bị crackinh.

n C 5 H 12   p h ả n   ứ n g   c r a c k i n h   = n C 5 H 12   b a n   đ ầ u   - n C 5 H 12   c h ư a   b ị   c r a c k i n h     = 0 , 5   - 0 , 1   = 0 , 4   ( m o l )   ⇒ H =   0 , 4 0 , 5 . 100 % = 80 %

= 0,5 – 0,1 = 0,4 (mol)

=> H = . 100% = 80% 

Chọn D.

Đáp án D

Đáp án C

Hướng dẫn

Ta có: n_X = 0,2 mol; n C O 2 = 0,3 mol; M - X = 22,5

Ta thấy: M - Y  = 22,5 => hh khí X phải có CH₄: x mol

Gọi CTTQ  anken là C_nH_2n  : y mol

CH₄    CO₂ + 2H₂O

x                 x

C_nH_2n     nCO₂ + nH₂O

y                      ny

Ta có hệ:

n = 3 => anken là C₃H₆

Chọn đáp án C